【考點(diǎn)】1E：交集及其運(yùn)算.

　　【分析】求出關(guān)于A的不等式，根據(jù)集合的關(guān)系求出t的范圍即可.

　　【解答】解：A={x||x﹣2|≤3}={x|﹣1≤x≤5}，

　　B={x|x

　　若A∩B=∅，

　　則實(shí)數(shù)t的取值范是：t≤﹣1;

　　故答案為：(﹣∞，﹣1].

　　5.設(shè)點(diǎn)(9，3)在函數(shù)f(x)=loga(x﹣1)(a>0，a≠1)的圖象上，則f(x)的反函數(shù)f﹣1(x)=　2x+1　.

　　【考點(diǎn)】4R：反函數(shù).

　　【分析】根據(jù)點(diǎn)(9，3)在函數(shù)f(x)=loga(x﹣1)(a>0，a≠1)的圖象上，求解出a，把x用y表示出來(lái)，把x與y互換可得f(x)的反函數(shù)f﹣1(x).

　　【解答】解：點(diǎn)(9，3)在函數(shù)f(x)=loga(x﹣1)(a>0，a≠1)的圖象上，

　　∴loga(9﹣1)=3，

　　可得：a=2，

　　則函數(shù)f(x)=y=log2(x﹣1)

　　那么：x=2y+1.

　　把x與y互換可得：y=2x+1

　　∴f(x)的反函數(shù)f﹣1(x)=2x+1.

　　故答案為：2x+1.

　　6.若x，y滿(mǎn)足 ，則目標(biāo)函數(shù)z=x+2y的最大值為　3　.

　　【考點(diǎn)】7C：簡(jiǎn)單線(xiàn)性規(guī)劃.

　　【分析】作出不等式對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域，利用線(xiàn)性規(guī)劃的知識(shí)，通過(guò)平移即可求z的最大值.

　　【解答】解：作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖：(陰影部分).

　　由z=x+2y得y=﹣ x+ z，

　　平移直線(xiàn)y=﹣ x+ z，

　　由圖象可知當(dāng)直線(xiàn)y=﹣ x+ z經(jīng)過(guò)點(diǎn)B時(shí)，直線(xiàn)y=﹣ x+ z的截距最大，

　　此時(shí)z最大.

　　由 ，解得 ，即B(1，1)，

　　代入目標(biāo)函數(shù)z=x+2y得z=2×1+1=3

　　故答案為：3.

　　7.在平面直角坐標(biāo)系xOy中，直線(xiàn)l的方程為x+y﹣6=0，圓C的參數(shù)方程為 ，則圓心C到直線(xiàn)l的距離為　 　.

　　【考點(diǎn)】QK：圓的參數(shù)方程.

　　【分析】求出圓的普通方程，利用點(diǎn)到直線(xiàn)的距離公式，可得結(jié)論.

　　【解答】解：圓C的參數(shù)方程為 ，普通方程為x2+(y﹣2)2=4，圓心為(0，2)，半徑為2，

　　∴圓心C到直線(xiàn)l的距離為 = ，

　　故答案為 .

　　8.雙曲線(xiàn) =1的左右兩焦點(diǎn)分別是F1，F(xiàn)2，若點(diǎn)P在雙曲線(xiàn)上，且∠F1PF2為銳角，則點(diǎn)P的橫坐標(biāo)的取值范圍是　( ，+∞)∪(﹣∞，﹣ )　.

　　【考點(diǎn)】KC：雙曲線(xiàn)的簡(jiǎn)單性質(zhì).

　　【分析】由題意畫(huà)出圖形，以P在雙曲線(xiàn)右支為例，求出∠F1PF2為直角時(shí)P的坐標(biāo)，可得∠F1PF2為銳角時(shí)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)的取值范圍

　　【解答】解：不妨以P在雙曲線(xiàn)右支為例

　　由PF1⊥PF2，得|PF1|2+|PF2|2=|F1F2|2=4c2=16，

　　又|PF1|﹣|PF2|=2，①

　　兩邊平方得：|PF1|2+|PF2|2﹣2|PF1||PF2|=4，

　　∴|PF1||PF2|=6，②

　　聯(lián)立①②解得：|PF2|= ，

　　由焦半徑公式得|PF2|= =ex﹣a，即可得點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為 ，

　　根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，則點(diǎn)P的橫坐標(biāo)的取值范圍是( ) ).

　　故答案為：是( ) )

　　9.如圖是由圓柱與圓錐組合而成的幾何體的三視圖，則該幾何體的表面積為　28π　.

　　【考點(diǎn)】L!：由三視圖求面積、體積.

　　【分析】由題意可知，該幾何體是由圓柱與圓錐組合而成，其表面積等于圓柱+圓錐在減去重疊或者多余的部分.

　　【解答】解：由題意可知，該幾何體是由圓柱與圓錐組合而成：其表面積等于圓錐側(cè)面積+圓柱側(cè)面+圓柱底面積.

　　圓錐S側(cè)=πrl=8π，圓柱側(cè)面+圓柱底面積=4×2πr+πr2=16π+4π=20π，

　　∴該幾何體的表面積為28π.

　　故答案為28π.

　　10.已知數(shù)列{an}是無(wú)窮等比數(shù)列，它的前n項(xiàng)的和為Sn，該數(shù)列的首項(xiàng)是二項(xiàng)式 展開(kāi)式中的x的系數(shù)，公比是復(fù)數(shù) 的模，其中i是虛數(shù)單位，則 =　70　.

　　【考點(diǎn)】8J：數(shù)列的極限.

　　【分析】由題意，該數(shù)列的首項(xiàng)是二項(xiàng)式 展開(kāi)式中的x的系數(shù) =35，公比是復(fù)數(shù) 的模 ，即可求出極限.

　　【解答】解：由題意，該數(shù)列的首項(xiàng)是二項(xiàng)式 展開(kāi)式中的x的系數(shù) =35，

　　公比是復(fù)數(shù) 的模 ，

　　∴ = =70，

　　故答案為70.

　　11.已知實(shí)數(shù)x、y滿(mǎn)足方程(x﹣a+1)2+(y﹣1)2=1，當(dāng)0≤y≤b(b∈R)時(shí)，由此方程可以確定一個(gè)偶函數(shù)y=f(x)，則拋物線(xiàn) 的焦點(diǎn)F到點(diǎn)(a，b)的軌跡上點(diǎn)的距離最大值為　 　.

　　【考點(diǎn)】K8：拋物線(xiàn)的簡(jiǎn)單性質(zhì);3J：偶函數(shù);IR：兩點(diǎn)間的距離公式.

　　【分析】由題設(shè)條件當(dāng)0≤y≤b(b∈R)時(shí)，由此方程可以確定一個(gè)偶函數(shù)y=f(x)，可知方程(x﹣a+1)2+(y﹣1)2=1，關(guān)于y軸成軸對(duì)稱(chēng)，故有﹣a+1=0，又由圓的幾何特征及確定一個(gè)偶函數(shù)y=f(x)知，y的取值范圍是，由此可以求出b的取值范圍，由此點(diǎn)(a，b)的軌跡求知，再由拋物線(xiàn)的性質(zhì)求得其焦點(diǎn)坐標(biāo)為(0，﹣ )，最大距離可求

　　【解答】解：由題意可得圓的方程一定關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)，故由﹣a+1=0，求得a=1

　　由圓的幾何性質(zhì)知，只有當(dāng)y≤1時(shí)，才能保證此圓的方程確定的函數(shù)是一個(gè)偶函數(shù)，故0

　　由此知點(diǎn)(a，b)的軌跡是一個(gè)線(xiàn)段，其橫坐標(biāo)是1，縱坐標(biāo)屬于(0，1]

　　又拋物線(xiàn) 故其焦點(diǎn)坐標(biāo)為(0，﹣ )

　　由此可以判斷出焦點(diǎn)F到點(diǎn)(a，b)的軌跡上點(diǎn)的距離最大距離是 =

　　故答案為

　　12.設(shè)x1、x2、x3、x4為自然數(shù)1、2、3、4的一個(gè)全排列，且滿(mǎn)足|x1﹣1|+|x2﹣2|+|x3﹣3|+|x4﹣4|=6，則這樣的排列有　9　個(gè).

　　【考點(diǎn)】D8：排列、組合的實(shí)際應(yīng)用.

　　【分析】利用和值為6，分解為4個(gè)非負(fù)數(shù)的和，最大值為3，最小值為0，列出所有情況即可.

　　【解答】解：x1、x2、x3、x4為自然數(shù)1、2、3、4的一個(gè)全排列，且滿(mǎn)足|x1﹣1|+|x2﹣2|+|x3﹣3|+|x4﹣4|=6，

　　可得4個(gè)數(shù)的和為6，共有，0+0+3+3=6;1+1+1+3=6;0+1+2+3=6;1+1+2+2=6;

　　所有x1、x2、x3、x4分別為：

　　0+0+3+3=6;類(lèi)型有：

　　4，2，3，1;

　　1+1+1+3=6;類(lèi)型有：

　　2，3，4，1;

　　4，1，2，3;

　　0+1+2+3=6;類(lèi)型有：

　　4，1，3，2;

　　4，2，1，3;

　　3，2，4，1;

　　2，4，3，1;

　　1+1+2+2=6;類(lèi)型有：

　　2，4，1，3;

　　3，1，4，2;

　　共9種.

　　故答案為：9.

　　二、選擇題(單項(xiàng)選擇題，每題5分，滿(mǎn)分20分)

　　13.已知x，y∈R，且x>y>0，則(　　)

　　A. ﹣ >0 B.sinx﹣siny>0 C.( )x﹣( )y<0 D.lnx+lny>0

　　【考點(diǎn)】71：不等關(guān)系與不等式.

　　【分析】x，y∈R，且x>y>0，可得： ，sinx與siny的大小關(guān)系不確定， < ，lnx+lny與0的大小關(guān)系不確定，即可判斷出結(jié)論.

　　【解答】解：∵x，y∈R，且x>y>0，則 ，sinx與siny的大小關(guān)系不確定， < ，即 ﹣ <0，lnx+lny與0的大小關(guān)系不確定.

　　故選：C.

　　14.若f(x)為奇函數(shù)，且x0是y=f(x)﹣ex的一個(gè)零點(diǎn)，則﹣x0一定是下列哪個(gè)函數(shù)的零點(diǎn)(　　)

　　A.y=f(x)ex+1 B.y=f(﹣x)e﹣x﹣1 C.y=f(x)ex﹣1 D.y=f(﹣x)ex+1

　　【考點(diǎn)】52：函數(shù)零點(diǎn)的判定定理;3L：函數(shù)奇偶性的性質(zhì).

　　【分析】由x0是y=f(x)﹣ex的一個(gè)零點(diǎn)知f(x0)﹣ =0，再結(jié)合f(x)為奇函數(shù)知f(﹣x0)+ =0，從而可得f(﹣x0) +1= =0.

　　【解答】解：∵x0是y=f(x)﹣ex的一個(gè)零點(diǎn)，

　　∴f(x0)﹣ =0，

　　又∵f(x)為奇函數(shù)，

　　∴f(﹣x0)=﹣f(x0)，

　　∴﹣f(﹣x0)﹣ =0，

　　即f(﹣x0)+ =0，

　　故f(﹣x0) +1= =0;

　　故﹣x0一定是y=f(x)ex+1的零點(diǎn)，

　　故選：A.

　　15.矩形紙片ABCD中，AB=10cm，BC=8cm.將其按圖(1)的方法分割，并按圖(2)的方法焊接成扇形;按圖(3)的方法將寬BC 2等分，把圖(3)中的每個(gè)小矩形按圖(1)分割并把4個(gè)小扇形焊接成一個(gè)大扇形;按圖(4)的方法將寬BC 3等分，把圖(4)中的每個(gè)小矩形按圖(1)分割并把6個(gè)小扇形焊接成一個(gè)大扇形;…;依次將寬BC n等分，每個(gè)小矩形按圖(1)分割并把2n個(gè)小扇形焊接成一個(gè)大扇形.當(dāng)n→∞時(shí)，最后拼成的大扇形的圓心角的大小為(　　)

　　A.小于 B.等于 C.大于 D.大于1.6

　　【考點(diǎn)】F4：進(jìn)行簡(jiǎn)單的合情推理.

　　【分析】當(dāng)n無(wú)限大時(shí)，扇形的半徑應(yīng)該無(wú)限接近10，而扇形的弧長(zhǎng)應(yīng)該無(wú)限接近8+8=16，那么圓心角=16×180÷π÷10≈92°，即可得出結(jié)論.

　　【解答】解：將寬BC n等分，當(dāng)n無(wú)限大時(shí)，扇形的半徑應(yīng)該無(wú)限接近10，而扇形的弧長(zhǎng)應(yīng)該無(wú)限接近8+8=16，那么圓心角=16×180÷π÷10≈92°，因此n無(wú)限大時(shí)，大扇形的圓心角應(yīng)該大于90°.

　　故選C.

　　16.如圖，在△ABC中，BC=a，AC=b，AB=c.O是△ABC的外心，OD⊥BC于D，OE⊥AC于E，OF⊥AB于F，則OD：OE：OF等于(　　)

　　A.a：b：c B.

　　C.sinA：sinB：sinC D.cosA：cosB：cosC

　　【考點(diǎn)】HT：三角形中的幾何計(jì)算.

　　【分析】作出△ABC的外接圓，連接OA、OB、OC，由垂徑定理和圓周角定理可得∠B= ∠AOC=∠AOE，同理可知∠A=∠BOD、∠C=∠AOF，若設(shè)⊙O的半徑為R，可用R分別表示出OD、OE、OF，進(jìn)而可得到它們的比例關(guān)系.

　　【解答】解：如圖，連接OA、OB、OC;

　　∵∠BOC=2∠BAC=2∠BOD，

　　∴∠BAC=∠BOD;

　　同理可得：∠BOF=∠BCA，∠AOE=∠ABC;

　　設(shè)⊙O的半徑為R，則：

　　OD=R•cos∠BOD=R•cos∠A，

　　OE=R•cos∠AOE=R•cos∠B，

　　OF=R•cos∠BOF=R•cos∠C，

　　故OD：OE：OF=cos∠A：cos∠B：cos∠C，

　　故選D.

　　三、解答題(第17-19題每題14分，第20題16分，第21題18分，滿(mǎn)分76分)

　　17.如圖，圓錐的底面圓心為O，直徑為AB，C為半圓弧AB的中點(diǎn)，E為劣弧CB的中點(diǎn)，且AB=2PO=2 .

　　(1)求異面直線(xiàn)PC與OE所成的角的大小;

　　(2)求二面角P﹣AC﹣E的大小.

　　【考點(diǎn)】MT：二面角的平面角及求法;LM：異面直線(xiàn)及其所成的角.

　　【分析】(1)方法(1)根據(jù)中點(diǎn)條件可以證明OE∥AC，∠PCA或其補(bǔ)角是異面直線(xiàn)PC與OE所成的角;

　　解△PCA可得異面直線(xiàn)PC與OE所成的角

　　方法(2)如圖，建立空間直角坐標(biāo)系， ，E(1，1，0)

　　利用向量的夾角公式可得異面直線(xiàn)PC與OE所成的角

　　(2)、方法(1)、求出平面APC的法向量，平面ACE的法向量，利用向量法求解.

　　方法(2)、取AC中點(diǎn)為D，連接PD，OD，可得二面角P﹣AC﹣E的平面角即為∠PDO

　　解Rt△PDO，可得二面角P﹣AC﹣E的大小

　　【解答】解：(1)證明：方法(1)∵PO是圓錐的高，∴PO⊥底面圓O，

　　根據(jù)中點(diǎn)條件可以證明OE∥AC，得∠PCA或其補(bǔ)角是異面直線(xiàn)PC與OE所成的角;

　　所以

　　異面直線(xiàn)PC與OE所成的角是

　　(1)方法(2)如圖，建立空間直角坐標(biāo)系， ，E(1，1，0)

　　∴ ， ， ，

　　設(shè) 與 夾角θ，

　　異面直線(xiàn)PC與OE所成的角 .

　　(2)、方法(1)、設(shè)平面APC的法向量 ，∴ ，

　　平面ACE的法向量 ，

　　設(shè)兩平面的夾角α，則 ，

　　所以二面角P﹣AC﹣E的大小是arccos .

　　方法(2)、取AC中點(diǎn)為D，連接PD，OD，又圓錐母線(xiàn)PA=AC，∴PD⊥AC，

　　∵底面圓O上OA=OC∴OD⊥AC，

　　又E為劣弧CB的中點(diǎn)，即有E∈底面圓O，

　　∴二面角P﹣AC﹣E的平面角即為∠PDO，

　　∵C為半圓弧AB的中點(diǎn)，∴∠AOC=90°又直徑 ，

　　∴ ，

　　∵PO⊥底面圓O且OD⊂底面圓O，∴PO⊥OD，

　　又 ∴△Rt△PDO中， ，

　　∴ 所以二面角P﹣AC﹣E的大小是arccos .

　　18.已知美國(guó)蘋(píng)果公司生產(chǎn)某款iphone手機(jī)的年固定成本為40萬(wàn)美元，每生產(chǎn)1只還需另投入16美元.設(shè)蘋(píng)果公司一年內(nèi)共生產(chǎn)該款iphone手機(jī)x萬(wàn)只并全部銷(xiāo)售完，每萬(wàn)只的銷(xiāo)售收入為R(x)萬(wàn)美元，且R(x)=

　　(1)寫(xiě)出年利潤(rùn)W(萬(wàn)元)關(guān)于年產(chǎn)量x(萬(wàn)只)的函數(shù)解析式;

　　(2)當(dāng)年產(chǎn)量為多少萬(wàn)只時(shí)，蘋(píng)果公司在該款手機(jī)的生產(chǎn)中所獲得的利潤(rùn)最大?并求出最大利潤(rùn).

　　【考點(diǎn)】57：函數(shù)與方程的綜合運(yùn)用.

　　【分析】(1)利用利潤(rùn)等于收入減去成本，可得分段函數(shù)解析式;

　　(2)分段求出函數(shù)的最大值，比較可得結(jié)論.

　　【解答】解：(1)利用利潤(rùn)等于收入減去成本，可得

　　當(dāng)040時(shí)，W=xR(x)﹣(16x+40)=

　　∴W= ;

　　(2)當(dāng)0

　　當(dāng)x>40時(shí)，W= ≤﹣2 +7360，

　　當(dāng)且僅當(dāng) ，即x=50時(shí)，Wmax=W(50)=5760

　　∵6104>5760

　　∴x=32時(shí)，W的最大值為6104萬(wàn)美元.

　　19.如圖，半徑為1的半圓O上有一動(dòng)點(diǎn)B，MN為直徑，A為半徑ON延長(zhǎng)線(xiàn)上的一點(diǎn)，且OA=2，∠AOB的角平分線(xiàn)交半圓于點(diǎn)C.

　　(1)若 ，求cos∠AOC的值;

　　(2)若A，B，C三點(diǎn)共線(xiàn)，求線(xiàn)段AC的長(zhǎng).

　　【考點(diǎn)】HT：三角形中的幾何計(jì)算.

　　【分析】(1)若 ，利用向量的數(shù)量積公式，即可求cos∠AOC的值;

　　(2)若A，B，C三點(diǎn)共線(xiàn)，可得 ，利用余弦定理，即可求線(xiàn)段AC的長(zhǎng).

　　【解答】解：(1)設(shè)∠AOC=θ， ， ∴

　　=4+1×2×cos(π﹣2θ)+1×2×cos(π﹣θ)+cosθ

　　=﹣4cos2θ﹣cosθ+6

　　∴﹣4cos2θ﹣cosθ+6=3，∴ (舍去)

　　(2)A，B，C三點(diǎn)共線(xiàn)，

　　所以 ∴

　　∴AC2=1+4﹣2×1×2×cosθ=2，∴ .

　　20.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且Sn=2an﹣2(n∈N*).

　　(1)求{an}的通項(xiàng)公式;

　　(2)設(shè) ，b1=8，Tn是數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和，求正整數(shù)k，使得對(duì)任意n∈N*均有Tk≥Tn恒成立;

　　(3)設(shè) ，Rn是數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和，若對(duì)任意n∈N*均有Rn<λ恒成立，求λ的最小值.

　　【考點(diǎn)】8H：數(shù)列遞推式;8E：數(shù)列的求和.

　　【分析】(1)利用已知條件推出an+1=2an，數(shù)列{an}為等比數(shù)列，公比q=2，求出通項(xiàng)公式.

　　(2)推出 ，方法一：通過(guò)T1T6>推出結(jié)果.方法二利用錯(cuò)位相減法求和，當(dāng)1≤n<4，Tn+1>Tn，當(dāng)n=4，T4=T5，當(dāng)n>4時(shí)，Tn+1

　　綜上，當(dāng)且僅當(dāng)k=4或5時(shí)，均有Tk≥Tn.

　　(3)利用裂項(xiàng)求和，通過(guò)對(duì)任意n∈N*均有 成立，求解即可.

　　【解答】(本小題滿(mǎn)分13分)

　　解：(1)由Sn=2an﹣2，得Sn+1=2an+1﹣2兩式相減，得an+1=2an+1﹣2an

　　∴an+1=2an

　　數(shù)列{an}為等比數(shù)列，公比q=2

　　又S1=2a1﹣2，得a1=2a1﹣2，a1=2∴

　　(2)

　　，

　　方法一當(dāng)n≤5時(shí)， ≥0

　　因此，T1T6>…

　　∴對(duì)任意n∈N*均有T4=T5≥Tn，故k=4或5.

　　方法二(

　　兩式相減，得 ，

　　=(6﹣n)•2n+1﹣12， ，

　　當(dāng)1≤n<4，Tn+1>Tn，當(dāng)n=4，T4=T5，當(dāng)n>4時(shí)，Tn+1

　　綜上，當(dāng)且僅當(dāng)k=4或5時(shí)，均有Tk≥Tn

　　(3)∵

　　∴ =

　　∵對(duì)任意n∈N*均有 成立，

　　∴ ，

　　所以λ的最小值為 .

　　21.已知橢圓E： ，左焦點(diǎn)是F1.

　　(1)若左焦點(diǎn)F1與橢圓E的短軸的兩個(gè)端點(diǎn)是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，點(diǎn) 在橢圓E上.求橢圓E的方程;

　　(2)過(guò)原點(diǎn)且斜率為t(t>0)的直線(xiàn)l1與(1)中的橢圓E交于不同的兩點(diǎn)G，H，設(shè)B1(0，1)，A1(2，0)，求四邊形A1GB1H的面積取得最大值時(shí)直線(xiàn)l1的方程;

　　(3)過(guò)左焦點(diǎn)F1的直線(xiàn)l2交橢圓E于M，N兩點(diǎn)，直線(xiàn)l2交直線(xiàn)x=﹣p(p>0)于點(diǎn)P，其中p是常數(shù)，設(shè) ， ，計(jì)算λ+μ的值(用p，a，b的代數(shù)式表示).

　　【考點(diǎn)】KQ：圓錐曲線(xiàn)的定值問(wèn)題;K3：橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程;KL：直線(xiàn)與橢圓的位置關(guān)系.

　　【分析】(1)利用左焦點(diǎn)F1與橢圓E的短軸的兩個(gè)端點(diǎn)是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，點(diǎn) 在橢圓E上.列出方程組求解a，b可得橢圓方程.

　　(2)設(shè)直線(xiàn)l1的方程y=tx，聯(lián)立 ，求解 ， ， ，推出四邊形A1GB1H的面積，求出最大值，然后求解直線(xiàn)方程.

　　(3)設(shè)直線(xiàn)l2的方程y=k(x+c)交橢圓b2x2+a2y2﹣a2b2=0于M(x1，y1)，N(x2，y2)，利用韋達(dá)定理，結(jié)合

　　題設(shè) ， ，求解λ+μ即可.

　　【解答】(本小題滿(mǎn)分13分)

　　解：(1)左焦點(diǎn)F1與橢圓E的短軸的兩個(gè)端點(diǎn)是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，點(diǎn) 在橢圓E上.

　　∴ ，所以橢圓方程

　　(2)設(shè)直線(xiàn)l1的方程y=tx

　　聯(lián)立 ，可以計(jì)算

　　∴ ，

　　所以直線(xiàn)l1的方程是

　　(3)設(shè)直線(xiàn)l2的方程y=k(x+c)交橢圓b2x2+a2y2﹣a2b2=0于M(x1，y1)，N(x2，y2)，

　　(b2+a2k2)x2+2a2k2cx+a2k2c2﹣a2b2=0，

　　直線(xiàn)l2交直線(xiàn)x=﹣p(p>0)于點(diǎn)P，根據(jù)題設(shè) ， ，

　　得到(x1+p，yp)=λ(﹣c﹣x1，0﹣y1)，(x1+p，yp)=λ(﹣c﹣x2，0﹣y2)，

　　得 ，

　　=

　　=

　　λ+μ的值為： 結(jié)論

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