復習計劃

　　日子在彈指一揮間就毫無聲息的流逝，成績已屬于過去，新一輪的工作即將來臨，一起對今后的學習做個計劃吧。計劃怎么寫才不會流于形式呢？以下是小編精心整理的復習計劃5篇，供大家參考借鑒，希望可以幫助到有需要的朋友。

復習計劃 篇1

　　第一輪復習即將結束，為了更好的進行有效教學制定二輪復習計劃如下：

　　一、第二輪復習中的注意點：

　　1、回歸基礎，突出對主干知識的復習。高考英語改革雖然從強調知識考查向注重綜合語言應用能力考查轉變，但是還應認識到能力必須依據(jù)基礎，要注意學生的“一看就會，一做就錯”的現(xiàn)象。幫學生分析造成這種現(xiàn)象的根本原因，力爭讓他們做到“一看就會，一做就對”。

　　2、認真研讀《考試說明》，求同存異，融會貫通，強化知識鏈，力求知識系統(tǒng)和完整。對語法知識的復習要進一步鞏固和落實，關注歷屆高考中出現(xiàn)率較高的語法項目。對于狀語從句，名詞性從句，定語從句，強調結構，日常交際用語等在高考中出現(xiàn)率較高的語法知需進一步查漏補缺，確保有系統(tǒng)性和完整性。

　　3、注重篇章段落。應該在教學中“抓大放小”，注重對篇章段落的分析和理解。

　　4、查漏補缺，強化專題訓練。復習中應適當加強對重點內容的強化訓練和講解，提高對考點知識的識別能力，注重培養(yǎng)尋找已知條件，排錯求證的思維能力。

　　二、第二輪復習的重點：

　　1、把握高考脈搏，增強改革意識

　　根據(jù)20xx試題的特點，我們在今后的學習中，在注意熟悉基本詞匯、短語句式的同時，更要注意對復合句及復雜句子的理解。不僅要注意對事實性具體信息的理解，更要多注意以what問句形式出現(xiàn)的主旨要義題及說話人的態(tài)度和意圖推斷題的'訓練。閱讀理解題的素質要求提高了，尤其是較多的生詞以及連續(xù)不斷的長難句和交錯出現(xiàn)的題。

　　2、加強閱讀教學，擴大詞匯量

　　閱讀在高考英語試題中“重中之重”的地位不會改變。要擴大學生的詞匯量，增強他們的語感，必須通過加大閱讀量來實現(xiàn)。在教學中應注意以下兩點：

　　（1）利用各種學習策略，提高閱讀的科學性和準確性；

　�。�2）精泛并舉，大力開展課外閱讀。確保達到學會使用3000個單詞和400—500個習慣用語或固定搭配的要求。

　　3、改進語言基礎知識的教學

　　高考英語語言知識部分的命題只會加強，不會削弱。平時教學中要完整地整理出英語學習的知識體系，使知識的學習能有效地轉化為綜合語言能力。

復習計劃 篇2

　　一、指導思想：

　　為了更好的提高學生的學習成績，我想靠科學的態(tài)度和方法，調動學生的復習積極性，突出尖子生，重視學困生，提高中等生。

　　二、復習的要求：

　　1、使學生掌握圓的特征，會用工具畫圓，掌握圓周長和面積的計算公式，能夠正確計算圓的周長和面積。

　　2、使學生理解百分數(shù)的意義，比較熟練地進行有關百分數(shù)的計算，能夠解決一些比較簡單的有關百分數(shù)的實際問題。

　　3、使學生理解比的意義和性質，會求比值和化簡比，能夠解決一些比較簡單的有關比的實際問題。

　　4、復習分數(shù)乘、除法的計算法則及各種簡便運算，用比較熟練地計算分數(shù)乘、除法，并能進行分數(shù)四則混合運算（簡單的`能夠口算）。

　　三、復習重難點：

　　1、重點

　�。�1）分數(shù)四則運算。

　�。�2）分數(shù)、百分數(shù)應用題。

　　（3）圓的周長和面積的計算。

　�。�4）會求比值和化簡比，能夠解決一些比較簡單的有關比的實際問題。

　　2、難點

　�。�1）會求比值和化簡比，能夠解決一些比較簡單的有關比的實際問題。

　　（2）分數(shù)、百分數(shù)應用題。

　　（3）圓面積計算的推導。

　　四、復習的基本原則

　　1、系統(tǒng)性原則。

　　2、針對性原則。

　　3、綜合性原則。

　　4、貫徹面向全體，因材施教的原則。

　　五、復習措施：

　　1、口算練習常抓不懈，繼續(xù)堅持每節(jié)課前2分鐘口算練習。

　　2、本冊內容共分四個內容，每個內容一點帶面進行復習，突出重點，講練結合。

　　3、利用兩天的時間進行綜合訓練，強化各部分知識的練習。

　　4、加強對學困生的輔導，利用下午活動時間和晚自習重點有針對性地輔導學困生。

　　六、課時安排：

　　1、圓的有關知識 2課時

　　2、分數(shù)、百分數(shù)應用題 2課時

　　3、比的認識等 2課時

　　4、圖形的變換 1課時

　　4、分數(shù)四則混合運算 1課時

　　5、綜合練習 2課時

復習計劃 篇3

　　一、復習目標：

　　通過總復習，使學生獲得的知識更加鞏固，計算能力更加提高，能用所學的數(shù)學知識解決簡單的實際問題，全面達到本學期規(guī)定的教學目標。

　　二、復習內容：

　　1、表內除法。2、萬以內數(shù)的認識。3、萬以內的加、減法。4、克和千克。5、圖形與變換。6、解決問題。7、統(tǒng)計。8、 “找規(guī)律”。

　　三、復習要求：

　　1、知識要求：

　　（1）表內除法。

　　a、每份分得同樣多，叫平均分。

　　b、除法的意義。

　　c、用乘法口訣求商。

　　d、綜合運用乘、除法解決實際問題。

　�。�2）萬以內數(shù)的認識。

　　a、萬以內數(shù)的讀法、寫法、組成和大小比較。

　　b、計數(shù)單位“一”、“十”、“百”、“千”、“萬”；相鄰計數(shù)單位是十進關系。

　　c、生活中還經常用近似數(shù)進行交流。

　�。�3）萬以內的加減法。

　　a、口算兩位數(shù)加減兩位數(shù)，整千、整百數(shù)加減。

　　b、筆算幾百幾十加減幾百幾十。

　　c、估算三位數(shù)加減三位數(shù)。

　　d、運用計算解決問題。

　　（4）克和千克。

　　a、表示物品有多重，可以用克或千克作單位。1000克=1千克

　　b、用秤可以稱出物體的質量。

　　c、會進行簡單的計算。

　�。�5）圖形與變換。

　　a、辨認直角、鈍角和銳角。

　　b、辨認生活中的平移、旋轉現(xiàn)象。

　　c、辨認簡單的圖形在方格上向什么方向平移了幾格。

　�。�6）解決問題。

　　a、只有仔細觀察才能找出生活中或情境圖中的信息和問題。

　　b、根據(jù)信息和問題，綜合運用加、減、乘、除計算可以解決問題。

　　c、有些問題一步計算就可以解決，又寫要兩步計算才能解決。

　�。�7）統(tǒng)計。

　　a、了解統(tǒng)計的過程和意義。

　　小學二年級下冊數(shù)學總復習計劃

　　b、會看、填簡單的復式統(tǒng)計表和一格表示物個單位的條形統(tǒng)計圖；會簡單分析數(shù)據(jù)。

　　c、利用統(tǒng)計解決問題。

　　2、能力要求：

　�。�1）通過基本概念的復習，提高學生的判斷能力和舉一反三的能力。

　�。�2）通過口算和筆算的復習，提高學生的計算能力。

　�。�3）通過應用題的復習，提高學生解決實際問題的能力。

　　四、 復習措施：

　　1、組織學生回顧與反思自己的學習過程和收獲�？梢宰寣W生說一說在這一學期里都學了哪些內容，哪些內容最有趣，覺得哪些內容在生活中最有用，感覺學習比較困難的是什么內容等等。通過這樣的方式，讓學生了解自己的.學習情況，明確再努力的目標，以便教師更全面地了解了學生的學習情況，為有針對性地復習輔導指明方向。

　　2、根據(jù)學生的學習情況重組復習內容，設計多種形式進行復習。如通過游戲、實踐操作和設計綜合性的復習題，提高學生復習的興趣，給學生比較全面地運用所學知識的機會以提高復習的效率。

　　3、與生活密切聯(lián)系。復習時把數(shù)學知識與日常生活緊密聯(lián)系，設計一些生活情境給學生用數(shù)學的眼光去觀察，提出數(shù)學問題，解決數(shù)學問題。讓學生到生活中尋找數(shù)學問題，然后在全班中交流。

　　五、復習進度與時間安排：

　　1、萬以內數(shù)的認識。（1課時）

　　2、萬以內數(shù)的加減法計算。（1課時）

　　3、用數(shù)學知識解決兩步計算應用題。（1課時）

　　4、圖形與變換、找規(guī)律、統(tǒng)計、千克和克。（1課時）

　　5、綜合練習。（綜合試卷）

復習計劃 篇4

　　20xx考研尚未結束，20xx考研已經開始準備了。在與20xx考研學生接觸過程中發(fā)現(xiàn)，很多考生對專業(yè)課的復習表示很茫然，有些考生甚至對專業(yè)課備考一無所知。在此就為考生詳細介紹一下20xx考研專業(yè)課該如何復習。文章分兩部分，第一部分是準備篇(之前已經講述過。)本文為第二部分，專業(yè)課復習之啟動篇。

　　專業(yè)課復習的開展，你先要把考研復習這么長的時間分成四個大的階段，第一階段，基礎階段;第二階段，強化知識階段;第三階段，沖刺階段;第四階段，臨戰(zhàn)階段。

　　第一階段，從現(xiàn)在開始，到大三暑假結束，需要做的就是三個字：打基礎。對于理工科的同學來說，你的知識點是連續(xù)的，打基礎階段如果你的.基礎沒有打好，那么到了后期沖刺階段，你做綜合題的時候會很郁悶。文科雖然知識點并不那么連續(xù)，但是你的基礎出現(xiàn)斷點之后，你到了后期沖刺的時候總會有那么一些漏洞，多選題做不對，主觀題答不到點。 那么怎么復習呢?首先研究參考書的目錄，把目錄看熟，多看幾次，你能總結出它的脈絡。然后開始對照著你所聽的導學課的開始有計劃地看知識點，這段時間一定要記住，就是打基礎。不要覺得你的基礎有多好，我從書上抽出來的例題你很有可能你答不上。就像是咱們的高考，越是簡單的題零分率越高。

　　第二階段，強化階段，7、8月份。強化階段，同樣是梳理知識點。跟基礎階段的知識點梳理的區(qū)別是強化階段我們要穿線，這個時候可以接觸一下真題了。

　　強化階段，梳理好知識點，理工科的同學還是要做題，用綜合題來把自己穿線，分析答題思路，總結做題方法。分析思路，就是要你在做題的時候有章可循，總結方法，就是要你在懵答案的時候有法可依。

　　第三階段，9-11月，沖刺階段。你的思維模式基本上已經成框架了，這個時候就用真題來練，找出來的錯題，你基本上會知道那里的不足，這時候你會有目的性地再回到你的一、二階段復習筆記中去找。老師的作用這時候最能體現(xiàn)出來，(結合分校具體課程)通過每一道你做錯的題能讓你把所有的知識遺忘點給你再串一遍。這一階段不但要有知識的梳理，同時，也要總結一些答題技巧，應試技巧。公共課部分，比如說英語閱讀，咱們這一階段課程訓練的就是你不看文章怎么能把答案選擇出來。但是如果你沒有前兩個階段的基礎，這一階段給你講技巧你是做不出來的。

　　最后，臨戰(zhàn)階段，我們叫點睛階段，這個時候，你主要要做到知識點的精準。比如法學，每次考試都有很多學生，跟標準答案對的時候什么都對，一出分，都不對了。沒有什么黑幕，就是因為你沒答好。論述題6點，你答4點，或者答了7點，你覺得應該給你多少分?可能一分都沒有。為什么?多選題你都全選，會給你分嗎?不可能，對吧。少寫了呢?容易出現(xiàn)根本性錯誤。比如，質權的法律特征，六點，好，你只回答了其中三點，從屬性、不可分性、物上代位性，你覺得應該給你一半分，實際上我一分不給你。因為我根本不知道你在答什么，你說的這三條法律特征，任何一個擔保物權都有。天知道你說的是質權、留置權還是抵押權。所以，這就是問題了。記住，不管你靠什么，黑體字部分，條條框框必須先記住，找規(guī)律，你說老師，我就是不知道什么是踩分點，怎么辦?那你就報班吧。這就是輔導班存在的意義。不然誰會花錢來報班呢?

復習計劃 篇5

　　【考綱知識梳理】

　　一、感應電動勢

　　1、電磁感應的這電路就于電源，在電源的內部電流的方向是從低電勢流向高電勢。(即：由負到正)

　　2、 感應電動勢與感應電流的關系：遵守閉合電路歐姆定律

　　二、法拉第電磁感應定律

　　1、法拉第電磁感應定律

　　(1)定律內容：電路中感應電動勢的大小，跟穿過電路的磁通量的率成正比.

　　(2)公式： ，N為線圈匝數(shù)

　　2、 導體切割磁感線的情形

　　(1)情況：運動速度v與磁感應線方向夾角為 時則

　　(2)E=BLv (垂直平動切割) L是導線的切割長度 (v為磁場與導體的切割速度) (B不動而導體動;導體不動而B運動)

　　(3) . (直導體繞一端轉動切割)

　　三、自感和渦流

　　1.自感：導體本身電流而產生的電磁感應.

　　2.自感電動勢

　　(1)定義：自感中產生的感應電動勢叫自感電動勢.

　　(2)表達式： L為自感系數(shù)，

　�、�.L跟線圈的形狀、長短、匝數(shù)等因素系.線圈越粗，越長、長度上的匝數(shù)越密,橫截面積越大,它的自感系數(shù)越大,有鐵芯的線圈自感系數(shù)大大

　�、�.自感系數(shù)的是亨利，國際符號是L，1亨=103毫亨=106 微亨

　　【要點名師透析】

　　一、 對法拉第電磁感應定律的理解

　　1.磁通量、磁通量的量、磁通量的率的區(qū)別

　　3.感應電荷量的求法

　　在電磁感應中有電流電路，那么也就有電荷量，由電流的定義I= 可知q=It.注意I應為平均值，而 = ，要求感應電動勢的平均值再求其電荷量，即：q= t= t=n .

　　由此可知，感應電荷量q由磁通量大小及電路的電阻R決定，與無關.

　　【例1】(13分)半徑為a的圓形區(qū)域內有均勻磁場，磁感應強度為B=0.2 T，磁場方向垂直紙面向里，半徑為b的金屬圓環(huán)與磁場同心地放置，磁場與環(huán)面垂直，a=0.4 m，b = 0.6 m，金屬環(huán)上分別接有燈L1、L2，兩燈的電阻均為R0 = 2 ，一金屬棒MN與金屬環(huán)接觸，棒與環(huán)的電阻均忽略不計.

　　(1)若棒以v0=5 m/s的速率在環(huán)上向右勻速滑動，求棒滑動到圓環(huán)直徑OO的瞬時(如圖所示)，MN中的電動勢和流過燈L1的電流.

　　(2)撤去中間的金屬棒MN將右面的半圓環(huán)OL2O以OO為軸向上翻轉90,若此時磁場隨均勻，其率為 = T/s，求L2的功率.

　　【答案】(1)0.8 V 0.4A

　　(2)1.2810-2W

　　【詳解】(1)棒滑過圓環(huán)直徑OO的瞬時，MN中的電動勢E1=B2av0=0.20.85 V=0.8 V (3分)

　　等效電路如圖所示，流過燈L1的電流I1= =0.4A (3分)

　　二、導體切割磁感線產生感應電動勢的計算

　　1.導體平動切割磁感線

　　導體平動切割磁感線產生感應電動勢的計算式 E=Blv，應從幾個理解和.

　　(1)公式使用條件：本公式是在條件下得出的，除了磁場是勻強磁場外，還需B、l、v三者垂直.問題中當它們不垂直時，應取垂直的分量計算，公式可為E=Blvsin,為B與v方向間的夾角.

　　(2)使用范圍：導體平動切割磁感線時，若v為平均速度，則E為平均感應電動勢，即 =Bl .若v為瞬時速度，則E為的瞬時感應電動勢.

　　(3)性：公式中的l為切割長度，即導體與v垂直的方向上的投影長度.圖中長度分別為：

　　甲圖：l=cdsin

　　乙圖：沿v1方向運動時，l=MN

　　沿v2方向運動時，l=0.

　　丙圖：沿v1方向運動時，l= R

　　沿v2方向運動時，l=0

　　沿v3方向運動時，l=R

　　(4)性：E=Blv中的速度v是相磁場的速度，若磁場也運動，應注意速度間的關系.

　　2.導體轉動切割磁感線

　　當導體棒在垂直于磁場的平面內，繞其一端為軸,以角速度勻速轉動時，產生的感應電動勢為E=Bl = Bl2，如圖所示.

　　【例2】(12分)金屬桿MN和PQ間距為l,MP間接有電阻R,磁場如圖所示,磁感應強度為B.金屬棒AB長為2l,由圖示位置以A為軸,以角速度勻速轉過90(順時針).求該過程中(電阻不計):

　　(1)R上的最大電功率.

　　(2)R的電量.

　　【詳解】AB轉動切割磁感線,且切割長度由l增至2l以后AB離開MN,電路斷開. (2分)

　　(1)當B端恰至MN上時,E最大.

　　三、通電自感和斷電自感的

　　【例3】(20xx北京高考)在如圖所示的電路中，兩個相同的小燈泡L1和L2分別串聯(lián)帶鐵芯的電感線圈L和滑動變阻器R.閉合開關S后，R，使L1和L2發(fā)光的亮度一樣，此時流過兩個燈泡的電流為I.然后，斷開S.若t時刻再閉合S，則在t前后的一小段內，反映流過L1的電流i1、流過L2的電流i2隨t的圖象是( )

　　【答案】選B.

　　【詳解】閉合開關S后，R，使兩個燈泡L1、L2發(fā)光的亮度一樣，電流為I，說明RL=R.若t時刻再閉合S，流過電感線圈L和燈泡L1的電流迅速增大，使電感線圈L產生自感電動勢，阻礙了流過L1的電流i1增大，直至到達電流I，故A錯誤，B;而t時刻再閉合S，流過燈泡L2的電流i2立即電流I，故C、D錯誤.

　　【感悟高考真題】

　　1.(20xx北京高考T19)某同學驗證斷電自感，找來帶鐵心的線圈L、小燈泡A 、開關S和電池組E，用導線將它們連接成如圖所示的電路。檢查電路后，閉合開關s，小燈泡發(fā)光;再斷開開關S，小燈泡僅有不的延時熄滅。雖經多次重復，仍未見老師演示時的小燈泡閃亮，他冥思苦想找不出原因。你最有小燈泡未閃亮的原因是

　　A.電源的內阻

　　B.小燈泡電阻偏大

　　C.線圈電阻偏大

　　D.線圈的自感系數(shù)

　　【答案】選C.

　　【詳解】實物連線圖畫出的電路圖，當閉合電鍵S，電路穩(wěn)定之后，小燈泡中有穩(wěn)定的電流 ，電感線圈中有穩(wěn)定的電流 ，當電鍵S突然斷開時，電流 立即消失，，自感電動勢的作用，流過線圈的電流 突變，而是要流動，于是，電感線圈和小燈泡構成了回路， ，則能觀察到小燈泡閃亮一下再熄滅，線圈的自感系數(shù)越大，小燈泡延時閃亮的就越長.不 的條件，小燈泡只是延時熄滅，不會觀察到閃亮一下再熄滅.可見燈泡未閃亮的原因是不 的條件，這是線圈電阻偏大的 偏小。本題選項是C.

　　2.(20xx四川理綜T20)如圖所示，在勻強磁場中勻速轉動的矩形線圈的周期為T,轉軸O1O2垂直于磁場方向，線圈電阻為2 .從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉過60時的感應電流為1A.那么

　　A.線圈消耗的電功率為4W

　　B.線圈中感應電流的值為2A

　　C.任意時刻線圈中的感應電動勢為e = 4cos

　　D.任意時刻穿過線圈的磁通量為 = sin

　　【答案】選AC.

　　【詳解】線圈垂直于中性面啟動，則瞬時表達式可記為 ，代入數(shù)據(jù)可知 ，得最大值 ，即值 ，功率為 ，瞬時值表達式為 .故A、C，B錯誤。再 ，則任意時刻穿過線圈的磁通量為 ，可知D錯誤.

　　3.(20xx廣東理綜T15)將閉合多匝線圈置于僅隨的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關于線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述的是

　　A.感應電動勢的大小與線圈的匝數(shù)無關

　　B.穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大

　　C.穿過線圈的磁通量越快，感應電動勢越大

　　D.感應電流產生的磁場方向與原磁場方向相同

　　【答案】選C.

　　【詳解】由法拉第電磁感應定律知： ，可見感應電動勢的大小與線圈的匝數(shù)，A錯誤;感應電動勢的大小取決于磁通量的快慢，而與磁通量的大小無關，B錯誤，C;

　　感應電流產生的磁場阻礙原磁場的，當原磁場增大時，感應電流產生的磁場與其相反，D錯誤。

　　4.(20xx福建理綜T17)如圖，足夠長的U型光滑金屬導軌平面與面成 角(090),MN與 平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒 由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌垂直且接觸， 棒接入電路的電阻為R，當流過 棒某一橫截面的電量為q時，棒的速度大小為 ，則金屬棒 在過程中

　　A.運動的平均速度大小為

　　B.下滑的位移大小為

　　C.產生的焦耳熱為

　　D.受到的最大安培力大小為

　　【答案】選B.

　　【詳解】由E=BLV、 、F安=BIL可得棒的速度為V時的安培力為 ，D錯;對導體棒受力分析如圖所示 據(jù)牛頓運動定律判斷可得導體棒的運動情況如圖所示 由圖可知導體棒過程的平均速度大于 ，A錯;由法拉第電磁感應定律導體棒過程的電量 ，導體棒下滑的位移 ，B對;由能量關系可得過程產生的焦耳熱 ，C錯，故選B.

　　5.(20xx江蘇物理T2)如圖所示，固定的長直導線中通有電流 ，矩形線框與導線在同一豎直平面內，且一邊與導線平行。線框由靜止釋放，在下落過程中

　　A.穿過線框的磁通量不變

　　B.線框中感應電流方向不變

　　C.線框所受安培力的合力為零

　　D.線框的機械能增大

　　【答案】選B.

　　【詳解】線框下落中距離直導線越來越遠，磁場越來越弱，但磁場方向不變，磁通量越來越小，楞次定律可知感應電流的方向不變，A錯B對，線框左邊和右邊所受安培力總是大小相等，方向相反，但上下兩邊磁場強弱不同安培力大小不同，合力不為零，C錯，下落過程中機械能越來越小，D錯。

　　8.(20xx江蘇物理T5)如圖所示，面內有一平行金屬導軌，導軌光滑且電阻不計。勻強磁場與導軌平面垂直。阻值為R的導體棒垂直于導軌靜止放置，且與導軌接觸。t=0時，將開關S由1擲到2。q、i、v和a分別表示電容器所帶的電荷量、棒中的電流、棒的速度和加速度。下列圖象的是

　　【思路點撥】解答本題時要注意理解：(1)導體棒電容器放電時可看作電源(2)導體棒因在磁場中運動而產生感應電動勢(3)的結果是電容器兩端的電壓等于導體棒兩端的電壓

　　【精講精析】選D.當開關由1擲到2，電容器放電，導體棒因受安培力而向右加速，導體棒向右運動產生感應電動勢，電容器兩端電壓和導體棒兩端電壓相等，電容器的帶電量不變，導體棒的速度不變，但不等于零，AC錯，導體棒加速度棒中電流為零，B錯，D對。

　　6.(20xx江蘇物理T6)美國科學家Willard S.Boyle與George E.Smith 因電荷耦合器件(CCD)的發(fā)明榮獲20xx年度諾貝爾物理學獎。CCD是將光學量轉變成電學量的傳感器。下列器件可傳感器的有

　　A.發(fā)光二極管 B.熱敏電阻 C.霍爾元件 D.干電池

　　【答案】選BC.

　　【詳解】傳感器的原理是將非電學量轉化為電學量，例如熱敏電阻阻值隨溫度而，可將溫度量轉化為電壓電流等電學量，霍爾元件可將磁感應強度量轉化為電壓電流等電學量，而發(fā)光二極管干電池都將非電學量轉化為電學量，選BC.

　　7、 (20xx江蘇卷)2、一矩形線框置于勻強磁場中，線框平面與磁場方向垂直，先線框的面積不變，將磁感應強度在1 s 內均勻地增大到原來的兩倍，接著增大后的磁感應強度不變，在1 s 內，再將線框的面積均勻地減小到原來的一半，兩個過程中，線框中感應電動勢的比值為

　　(A) (B)1 (C)2 (D)4

　　.【答案】B 難度：易 本題考查電磁感應定律的應用

　　【解析】

　　,大小相等，選B。

　　8、 (20xx江蘇卷)4.如圖所示的電路中，電源的.電動勢為E,內阻為r,電感L的電阻不計，電阻R的阻值大于燈泡D的阻值，在t=0時刻閉合開關S，一段后，在t=t1時刻斷開S,下列表示A、B兩點間電壓UAB隨t的圖像中，的是

　　選B 考查自感和電壓圖象。 難度：難

　　【解析】開關閉合時，線圈的自感阻礙作用，可看做電阻，線圈電阻逐漸減小，并聯(lián)電路電阻逐漸減小。電壓 逐漸減小;開關閉合后再斷開時，線圈的感應電流與原電流方向相同，回路，燈泡的電流與原來相反，并逐漸減小到0，本題選B。

　　9、 (20xx廣東卷)16. 如圖5所示，平行導軌間有一矩形的勻強磁場區(qū)域，細金屬棒PQ沿導軌從MN處勻速運動到M'N'的過程中，棒上感應電動勢E隨t的圖示，的是

　　答案：A

　　解析：MN磁場中才切割磁感線，中間過程有感應電動勢，選A。

　　10、 (20xx山東卷)21.如圖所示，空間兩個磁場，磁感應強度大小均為 ，方向相反且垂直紙面， 、 為其邊界，OO為其對稱軸。一導線折成邊長為 的正方形閉合回路 ，回路在紙面內以恒定速度 向右運動，當運動到關于OO對稱的位置時

　　A.穿過回路的磁通量為零

　　B.回路中感應電動勢大小為2B

　　C.回路中感應電流的方向為順時針方向

　　D.回路中 邊與 邊所受安培力方向相同

　　答案：ACD

　　解析：右手定則，回來中感應電流的方向為逆時針方向。

　　本題考查電磁感應、磁通量、右手定則，安培力，左手定則等知識。

　　難度：易。

　　11、 (20xx上海物理)19. 如圖，一有界區(qū)域內，著磁感應強度大小均為 ，方向分別垂直于光滑桌面向下和向上的勻強磁場，磁場寬度均為 ，邊長為 的正方形框 的 邊緊靠磁場邊緣置于桌面上，使線框從靜止開始沿 軸正方向勻加速磁場區(qū)域，若以逆時針方向為電流的正方向，能反映線框中感應電流規(guī)律的是圖

　　解析：在0- ，電流均勻增大，排除CD.

　　在 - ，兩邊感應電流方向相同，大小相加，故電流大。

　　在 ，因右邊離開磁場，一邊產生感應電流，故電流小，選A。

　　本題考查感應電流及圖象。

　　難度：難。

　　12、 (20xx上海物理)21.如圖，金屬環(huán)A用輕繩懸掛，與長直螺線管共軸，并位于其左側，若變阻器滑片P向左移動，則金屬環(huán)A將向_____(填左或右)運動，并有_____(填收縮或擴張)趨勢。

　　解析：變阻器滑片P向左移動，電阻變小，電流變大，楞次定律，感應電流的磁場方向原電流磁場方向相反，吸引，則金屬環(huán)A將向右移動，因磁通量增大，金屬環(huán)A有收縮趨勢。

　　本題考查楞次定律。難度：易。

　　13、 (20xx浙江卷)19. 半徑為r帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接，兩板間距為d，如圖(上)所示。有一的磁場垂直于紙面，規(guī)定向內為正，規(guī)律如圖(下)所示。在t=0時刻平板之間中心有一重力不計，電荷量為q的靜止微粒，則說法的是

　　A. 第2秒內上極板為正極

　　B. 第3秒內上極板為負極

　　C. 第2秒末微粒回到了原來位置

　　D. 第3秒末兩極板之間的電場強度大小為0.2

　　答案：A

　　14、 (20xx四川卷)19.圖甲所示電路中， 為相同的電流表，C為電容器，電阻 的阻值相同，線圈L的電阻不計。在某段內理想變壓器原線圈內磁場的如圖乙所示，則在 內

　　A.電流表 的示數(shù)比 的小

　　B.電流表 的示數(shù)比A3的小

　　C.電流表 和 的示數(shù)相同

　　D.電流表的示數(shù)都不為零

　　答案：C

　　【解析】由B-t圖像知在t1-t2內，原線圈中磁場先負向減小后正向增大，則副線圈中磁通量是均勻的，法拉第電磁感應定律在副線圈中產生的感應電流大小不變，再楞次定則可判斷負向較小時和正向增大時感應電流的方向相同，則在t1-t2內副線圈中個電流為穩(wěn)恒電流，A1和A2的示數(shù)相同，A3的示數(shù)為0，答案C。

　　【考點模擬演練】

　　1.(20xx福州模擬)如圖所示，在x0的區(qū)域內勻強磁場，磁場的方向垂直于xy平面(紙面)向里.電阻的矩形線框abcd位于xy平面內，線框的ab邊與y軸重合.令線框從t=0時刻起由靜止開始沿x軸正方向做勻加速運動，則線框中的感應電流I(取逆時針方向為電流正方向)隨t的圖線I-t圖是下圖中的( )

　　【答案】選D.

　　【詳解】線框勻加速向右運動時，cd邊切割磁感線，由右手定則知電流方向為順時針，方向為負;由E=Blv知，v均勻，電流成線性增大，故D項.

　　2.(20xx江門模擬)如圖所示，電路中A、B是完全相同的燈泡，L是一帶鐵芯的線圈.開關S原來閉合，則開關S斷開的瞬間( )

　　A.L中的電流方向，燈泡B立即熄滅

　　B.L中的電流方向不變，燈泡B要過一會兒才熄滅

　　C.L中的電流方向，燈泡A比B熄滅慢

　　D.L中的電流方向不變，燈泡A比B熄滅慢

　　【答案】選D.

　　【詳解】當開關S斷開時，L與燈泡A組成回路，自感，L中的電流由原來數(shù)值逐漸減小，電流方向不變，A燈熄滅要慢;B燈電流瞬間消失，立即熄滅，的選項為D.

　　3.(20xx東城區(qū)模擬)如圖所示的電路,電源電動勢為E,線圈L的電阻不計.判斷的是( )

　　A.閉合S,穩(wěn)定后,電容器兩端電壓為E

　　B.閉合S,穩(wěn)定后,電容器的a極板帶正電

　　C.斷開S的瞬間,電容器的a極板將帶正電

　　D.斷開S的瞬間,電容器的a極板將帶負電

　　【答案】選C.

　　【詳解】由題意及自感規(guī)律可知,當開關S閉合且電路穩(wěn)定后,電容器與線圈L并聯(lián),線圈的直流電阻不計,兩端電壓為零,故A、B錯誤;斷開S的瞬間,由自感規(guī)律可知,線圈中要產生感應電動勢,感應電動勢引起的感應電流的方向與原電流的方向,電容器的a極板將帶正電,故C.

　　4.如圖所示，平行導軌間距為d，一端跨接電阻R，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于平行金屬導軌所在平面.一根金屬棒與導軌成角放置，金屬棒與導軌的電阻均不計.當金屬棒沿垂直于棒的方向以恒定的速度v在金屬導軌上滑行時，電阻R的電流是()

　　A.BdvR B.BdvsinR

　　C.BdvcosR D.BdvRsin

　　【答案】D

　　【詳解】電流應等于感應電動勢除以電阻R，問題在于感應電動勢應如何計算.能夠引起感應電流的電動勢是MN間產生的電動勢，切割長度應為MN.而MN用已知參數(shù)表示應為dsin，切割長度l=dsin.則E=Blv=Bdvsin，I=ER=BdvRsin，選項D.

　　5.物理實驗中，常用叫做沖擊電流計的儀器測定電路的電荷量，如圖所示，探測線圈與沖擊電流計串聯(lián)后可用來測定磁場的磁感應強度.已知線圈匝數(shù)為n，面積為S，線圈與沖擊電流計組成的回路電阻為R.若將線圈被測勻強磁場中，開始線圈平面與磁場垂直，現(xiàn)把探測線圈翻轉180，沖擊電流計測出線圈的電荷量為q，

　　由上述數(shù)據(jù)可測出被測磁場的磁感應強度為

　　()

　　A.qR2nS B.qRnS

　　C.qR2S D.qRS

　　【答案】A

　　【詳解】由E=nt，I=ER，q=It，得q=nR，當線圈翻轉180時，=2BS，故B=qR2nS，故選A.

　　6.如圖 (a)、(b)所示的電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，且小于燈A的電阻，接通S，使電路穩(wěn)定，燈泡A發(fā)光，則

　　()

　　A.在電路(a)中，斷開S后，A將逐漸變暗

　　B.在電路(a)中，斷開S后，A將先變得更亮，然后逐漸變暗

　　C.在電路(b)中，斷開S后，A將逐漸變暗

　　D.在電路(b)中，斷開S后，A將先變得更亮，然后漸漸變暗

　　【答案】AD

　　【詳解】(a)電路中，燈A和線圈L串聯(lián)，電流相同，斷開S時，線圈上產生自感電動勢，阻礙原電流的減小，R、A回路，漸漸變暗.(b)電路中電阻R和燈A串聯(lián)，燈A的電阻大于線圈L的電阻，電流則小于線圈L中的電流，斷開S時，電源不給燈供電，而線圈產生自感電動勢阻礙電流的減小，R、A回路，燈A中電流比原來大，變得更亮，然后漸漸變暗.選項AD.

　　7.如圖所示，兩塊豎直放置的金屬板間距為d，用導線與一匝數(shù)為n的線圈連接.線圈內布有方向向左的勻強磁場.兩板間有質量、電荷量為+q的油滴在與方向成30角斜向右上方的恒力F的作用下恰好平衡狀態(tài).則線圈內磁場的情況和磁通量的率分別是()

　　A.磁場正在，t=3dF2q

　　B.磁場正在減弱，t=3dF2nq

　　C.磁場正在減弱，t=3dF2q

　　D.磁場正在，t=3dF2nq

　　【答案】B

　　【詳解】本題涉及帶電粒子在電場中的平衡及感應電動勢兩個問題.直流電電容器，，電容器兩極板間電壓為線圈上感應電動勢的大小，帶電油滴所受重力豎直向下，恒力F與方向成30斜向右上方，且?guī)щ娪偷吻『闷胶鉅顟B(tài)，則可知油滴所受電場力方向向左，電容器右極板帶正電，由楞次定律可知磁場正在減弱;由帶電粒子方向受力平衡可得Fcos 30=nqtd，得t=3dF2nq.

　　8.穿過閉合回路的磁通量隨t的圖象分別如圖①～④所示，下列關于回路中產生的感應電動勢的論述，的是()

　　A.圖①中，回路產生的感應電動勢恒定不變

　　B.圖②中，回路產生的感應電動勢一直不變

　　C.圖③中，回路在0～t1內產生的感應電動勢小于在t1～t2內產生的感應電動勢

　　D.圖④中，回路產生的感應電動勢先變小再變大

　　【答案】BD

　　【詳解】在圖①中，t=0，感應電動勢為零，故選項A錯;在圖②中，t為值，故感應電動勢不變，選項B;在圖③中，0～t1內的t比t1～t2內的t大，選項C錯;在圖④中，圖線上各點切線的斜率值先變小、后變大，故選項D對.

　　9.如右圖a是用電流傳感器(于電流表，其電阻可以忽略不計)自感的實驗電路，圖中兩個電阻的阻值均為R，L是自感系數(shù)足夠大的自感線圈，其直流電阻值也為R.圖b是某同學畫出的在t0時刻開關S切換前后，傳感器的電流隨的圖象.關于圖象，下列說法中的是()

　　b

　　A.圖b中甲是開關S由斷開變?yōu)殚]合，傳感器1的電流隨的情況

　　B.圖b中乙是開關S由斷開變?yōu)殚]合，傳感器2的電流隨的情況

　　C.圖b中丙是開關S由閉合變?yōu)閿嚅_，傳感器2的電流隨的情況

　　D.圖b中丁是開關S由閉合變?yōu)閿嚅_，傳感器2的電流隨的情況

　　【答案】 C

　　【詳解】開關S由斷開變?yōu)殚]合瞬間，流過自感線圈的電流為零，流過傳感器1、2的電流均為E2R;閉合電路穩(wěn)定后，流過傳感器1的電流為2E3R，流過傳感器2的電流為E3R;開關斷開后，流過傳感器1的電流立即變?yōu)榱�，流過傳感器2的電流方向相反，從E3R逐漸變?yōu)榱?由分析可知，選項C.

　　10.如下圖所示，一導線彎成半徑為a的半圓形閉合回路.虛線MN右側有磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直于回路所在的平面.回路以速度v向右勻速磁場，直徑CD與MN垂直.從D點到達邊界開始到C點磁場為止，下列結論的是()

　　A.感應電流方向

　　B.CD段直導線不受安培力

　　C.感應電動勢最大值Em=Bav

　　D.感應電動勢平均值E=12Bav

　　【答案】C

　　【詳解】楞次定律可判定閉合回路中產生的感應電流方向不變，A項錯誤;CD段電流方向是D指向C，左手定則可知，CD段受到安培力，且方向豎直向下，B錯;當有一半磁場時，產生的感應電流最大，Em=Bav，C對;由法拉第電磁感應定律得E=t=Bav4，D錯.

　　11.位于豎直平面內的矩形平面導線框abdc，ab長L1=1.0 m，bd長L2=0.5 m，線框的質量m=0.2 kg，電阻R=2 .其下方有一勻強磁場區(qū)域，該區(qū)域的上、下邊界PP和均與ab平行.兩邊界間距離為H，HL2，磁場的磁感應強度B=1.0 T，方向與線框平面垂直。如圖27所示，令線框的dc邊從離磁場區(qū)域上邊界PP的距離為h=0.7 m處自由下落.已知線框的dc邊磁場以后，ab邊到達邊界PP之前的某一時刻線框的速度已階段的最大值.問從線框開始下落，到dc邊剛剛到達磁場區(qū)域下邊界的過程中，磁場作用于線框的安培力所做的總功為多少?(g取10 m/s2)

　　【答案】-0.8 J

　　【詳解】本題中重力勢能轉化為電能和動能，而安培力做的總功使重力勢能一轉化為電能，電能的多少等于安培力做的功.

　　依題意，線框的ab邊到達磁場邊界PP之前的某一時刻線框的速度階段速度最大值，以v0表示最大速度，則有

　　E=BL1v0

　　線框中電流 I=ER=BL1v0R

　　作用于線框上的安培力 F=BL1I=B2L21v0R

　　速度最大值條件是 F=mg

　　v0=mgRB2L21=4 m/s.

　　dc邊向下運動過程中，直至線框的ab邊磁場的上邊界PP，線框速度v0不變，故從線框自由下落至ab邊磁場過程中，由動能定理得：

　　mg(h+L2)+W安=12mv20

　　W安=12mv20-mg(h+L2)=-0.8 J

　　ab邊磁場后，直到dc邊到達磁場區(qū)下邊界過程中，作用于整個線框的安培力為零，安培力做功也為零，線框只在重力作用下做加速運動，故線框從開始下落到dc邊剛到達磁場區(qū)域下邊界過程中，安培力做的總功即為線框自由下落至ab邊磁場過程中安培力所做的功

　　W安=-0.8 J

　　負號表示安培力做負功.

　　12.如右圖所示，兩根平行金屬導軌固定在同一面內，間距為l，導軌左端連接電阻R.一根質量為m、電阻為r的金屬桿ab垂直放置在導軌上.在桿的右方距桿為d處有勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向下，磁感應強度為B.對桿施加大小為F、方向平行于導軌的恒力，使桿從靜止開始運動，已知桿到達磁場區(qū)域時速度為v，之后磁場恰好做勻速運動.不計導軌的電阻，假定導軌與桿之間恒定的阻力.求：

　　(1)導軌對桿ab的阻力大小Ff;

　　(2)桿ab中的電流及其方向;

　　(3)導軌左端所接電阻R的阻值.

　　【答案】 (1)F-mv22d (2)mv22Bld 方向 ab (3)2B2l2dmv-r

　　【詳解】(1)桿磁場前做勻加速運動，有

　　F-Ff=ma①

　　v2=2ad②

　　解得導軌對桿的阻力

　　Ff=F-mv22d.③

　　(2)桿磁場后做勻速運動，有F=Ff+FA④

　　桿ab所受的安培力

　　FA=IBl⑤

　　解得桿ab中的電流

　　I=mv22Bld⑥

　　桿中的電流方向自a流向b.⑦

　　(3)桿ab產生的感應電動勢

　　E=Blv⑧

　　桿中的感應電流

　　I=ER+r⑨

　　解得導軌左端所接電阻阻值

　　R=2B2l2dmv-r.⑩

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